NEW
Font size
Worksheetsкомплекс 2 рк
Total questions: 42
Worksheet time: 21mins
∫(z+1)3∫(z−1)chzdz, ∣z∣=2 интегралы
−2eπi
π
−2πi
2π
−3πi
Im e−z=
−ex siny
e−x siny
e−x cosx
ey cos x
ex siny
∫∣z∣=1zez+21tgzdz интегралы тең
0
2
1
πe
πe−1
Re ez=
ex siny
ey ex
ex cosy
ey cosx
x−y
Дұрыс формулаЫ
cosz=chzi
cosz=ishz
sinz=ishz
sinz=ichz
sinz=icosz
Дұрыс формула
shzi=isinz
chz=icosz
sinzi=shz
chzi=sinz
cosz= chzi
l=∫t(z)dz интегралын есептеңіз. мұндағы t(z)=y+1−xi, l−z1 және z2=−i нүктелерін қосатын кесінді
l=−1
l=−319+9i
l=21+i
l=−3(1+i)
l=0
Дұрыс формула
chz=2ez+e−z
chz=2ez−e−iz
chz=2eiz+ez
chz=2eiz−e−iz
cosz=2ez+e−iz
Дұрыс формула
shz=2ez−e−z
shz=2ez+e−z
shz=2eiz+e−iz
shz=2ez−iez
shz=2iez−e−z
Дұрыс формула
sinz=2ieiz−e−iz
sinz=2ez−e−z
sinz=2ieiz+ez
sinz=2eiz+e−iz
sinz=2eiz−e−iz
Коши Риман шарттары
∂y∂u=−∂x∂v,∂x∂u=∂y∂v
∂x∂u=∂y∂v,∂y∂u=∂x∂v
∂y∂u=∂x∂v,∂y∂v=∂x∂v
∂x2∂2u=−∂y2∂2v
∂x2∂2v=−∂y2∂2u
f(z) функция z0 нүктеде аналитикалық болуының эквивалентті анықтамасы
f(z) функция z0 нүктеде дифференциалды
f(z) функция z0 нүктеде үзіліссіз
f(z) функция z0 нүктенің кей бір мағайында (z-z0) дәрежелері бойынша Лоран қатарына жіктеледі
f(z) функция z0 нүктенің кей бір мағайында (z-z0) дәрежелері бойынша дәрежелік қатарына жіктеледі
f(z) функцияның z0 нүктені қамтитын кез-келген контур бойынша алынған интеграл нольге айналады
∫∣z−i∣=1∣z−i∣=1z2+1eizdz интегралының Коши интегралдық формуласын қолданып есептеген мәні
πe−1
π
πi
πe
πei
∫z2−6zez2 егер C:∣z−2∣=3 интегралының Коши интегралдық формуласын қолданып есептеген мәні
−3πi
2
0
2π
π
z=x+iy болса онда берілген нақты бөлігі u(x, y)=x2−y2−x бойынша дифференциаланатын f(z) функциясы:
f(z)=z2−z+c
f(z)=z2+c
f(z)=z3+2z+c
f(z)=z+c
f(z)=esinz+c
f(z)=(1+i)z2 функцияның бейнесінің бұрылу бұрышы 0−ге тең болғандағы жазықтықтың нүктелерінің жиыны:
argz=−4π
argz=−2π
Rez=0
Imz=0
argz=4π
∫z2−6zez2 егер С:∣z−2∣=5 интегралының мәні
3e36−1πi
2
0
2π
−3πi
∣ez∣=
ex
excosy
ez
ey
exsiny
Re In z=
In∣z∣
2kπi
Inr+ iϕ
In z+iϕ+2kπi
ϕ+2kπ, ϕ=argz,∣z∣=z
Im Inz-ті табыңыз. Мұнда ϕ=argz,∣z∣=z
ϕ+2kπ, ϕ=argz,∣z∣=z
2kπi
In∣z∣
In r+ iϕ
In r+ iϕ+2kπi
∫∣z∣=2z2−4z+3siniz интегралының Коши интегралдық формуласын қолданып есептеген мәні
π sh1
π
πitg1
π icos1
π isin1
∫∣z∣=3z(e2+2)cos(z+πi)dz
32π chπi
32π shπi
πe
0
23π chπi
Келесі комплекс айнымалы f(z)=x2+y2−2xyi; g(z)=x2−y2+2xyi функциялардың дифференциаланатынын зерттеңіз. Дифференциаланатын жағдайда туындылары =:
f функция дифференциалданбайды, g функция дифференциалданады, g(z)=2x+2yi=2z
Екеуі де дифференциалданады, f(z)=x-iy=z, g(z)=x+iy=z
Екеуі де дифференциалданбайды
f функция дифференциалданады, g функция дифференциалданбайды f(z)=2z
f функция дифференциалданбайды, g функция дифференциалданады g(z)=2(x-iy)=2z
∫∣z−1∣=2z2+2z−3sin2πz интегралының Коши интегралдық формуласын қолданып есептеген мәні
2πi
π
3e36−1πi
−3πi
0
∫z2−6zez2 егер C:∣z−2∣=1 интегралының Коши интегралдық формуласын қолданып есептеген мәні
−3πi
2
0
2π
π
ez=
1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...
2(1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...)
1−2z+2!(2z)2−3!(2z)3+...+(−1)n−1 n!zn+...
1−z+2!z2−3!z3+...+(−1)nn!zn+...
1−2z+2!2z2−3!2z3+...+(−1)n−1 n!zn+...
sin z функциясының дәрежелік қатарға жіктелуі
1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...
2(1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...)
1−2z+2!(2z)2−3!(2z)3+...+(−1)n−1 n!zn+...
1−z+2!z2−3!z3+...+(−1)nn!zn+...
1−2z+2!2z2−3!2z3+...+(−1)n−1 n!zn+...
sin z функциясының дәрежелік қатарға жіктелуі
1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...
2(1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...)
1−2z+2!(2z)2−3!(2z)3+...+(−1)n−1 n!zn+...
1−z+2!z2−3!z3+...+(−1)nn!zn+...
1−2z+2!2z2−3!2z3+...+(−1)n−1 n!zn+...
cos z функциясының дәрежелік қатарға жіктелуі
1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...
2(1+z+2!z2+3!z3+...+n!zn+...)
1−2!z2+4!z4−...+(2n)!(−1)n z2n+..
z−3!z3+5!z5−7!z7...+(2n+1)!(−1)nz2n+1+...
1−2z+2!2z2−3!2z3+...+(−1)n−1 n!zn+...
Төмендегі өрнектерден sin(z1+z2) функциясымен беттесетін өрнек
sinz1cosz2+cosz1sinz2
sinz1chz2−cosz1shz2
shz1cosz2−chz1sinz2
shz1chz2−chz1shz2
sinz1cosz2−cosz1sinz2
f(z)=z3+5 функцияның бейнесінің бұрылу бұрышы 0−ге тең болғандағы жазықтықтың нүктелерінің жиыны:
argz=−4π
argz=−2π
Rez=0
Imz=0
argz=4π
f(z)=−iz3 функцияның бейнесінің бұрылу бұрышы 0−ге тең болғандағы жазықтықтың нүктелерінің жиыны:
argz=−4π
argz=−2π
Rez=0
Imz=0
argz=4π
Берілген функция f(z)=z3 бойынша орындалатын бейнесінің z0=1-i нүктесіндегі бұрылу бұрышын және масштабының өзгеру коэффициенті:
ϕ=−2π, k=6
ϕ=0, k=95
ϕ=0, k=e
ϕ=0, k=41
ϕ=π, k=23
Берілген жорамал бөлігі v=sin xshy бойынша дифференциалданатын f(z) функция
f(z)=−cosz+c
f(z)=cosz+c
f(z)=sinz+c
f(z)=−sinz+c
f(z)=ccosz
f(z)=iz2 функцияның бейнесінің бұрылу бұрышы 0−ге тең болғандағы жазықтықтың нүктелерінің жиыны:
argz=−4π
argz=−2π
Rez=0
Imz=0
argz=4π
Комплекс айнымалы функциялардың бірмәнді функциясы
W=ez
W=z
W=2z
W=z2
W=In z
Комплекс айнымалы функциялардың екімәнді функциясы
W=ez
W=z
W=2z
W=z2
W=In z
In(3+i)=
In2+6πi+2kπi
In2−6πi+2kπi
In2+2kπi
In2+3πi+2kπi
In2−3πi+2kπi
Re sh z=
sh x cosy
chx cos y
shx sin y
chx sin y
-chx cos y
Im chz=
shx siny
chx cos y
shx cos y
chx sin y
-chx cos y
Re cos z=
cos x ch y
cos x sh y
-sin x sh y
sin x sh y
sin x ch y
Im cos z=
-sin x sh y
cos x sh y
cos x ch y
sin x sh y
sin x ch y
